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洛谷 P5401 [CTS 2019] 珍珠 题解
(资料图片仅供参考)
题目链接
令\(c_i\)表示第i种颜色的珍珠的数量,显然我们最多能装的瓶数是\(\sum \lfloor \frac {c_i}2 \rfloor\)。也就是说,\(c_i\)为奇数的\(i\)的数量不能太多,这个数量要在某个范围内才行,且这个范围是很好求的。考虑对每个n求出\(f_n\)表示刚好有n个\(c_i\)为奇数的方案数。
如何指定某些颜色一定选奇数个,并把所有不同的颜色排列组合成一行n个?考虑使用指数型生成函数(EGF)。复习一下EGF相乘的组合意义:\(A(x)=\sum_{i\ge 0}a_i\frac {x^i}{i!},B(x)=\sum_{i\ge 0}b_i\frac {x^i}{i!}\),其中\(a_i\)表示i个元素的集合做A操作的方案数,\(b_i\)表示i个元素的集合做B操作的方案数。若\(C(x)=A(x)\cdot B(x)=\sum_{i\ge 0}c_i\frac {x^i}{i!}\),则\(c_i\)表示i个元素的集合分成两个子集,其中第一个做A操作,第二个做B操作的总方案数。那么可以把i个元素的集合"有奇数个"也看成一种操作,\(0,1,2,3\cdots\)个元素的集合对应操作数是\(0,1,0,1\cdots\)。由于存在如下恒等式\(e^x=\sum_{i\ge 0}\frac{x^i}{i!}\),所以\(e^x\)的系数序列是\(1,1,1,1\cdots\),\(e^{-x}\)的系数序列是\(1,-1,1,-1\cdots\),那么\(0,1,0,1\cdots\)其实就是\(\frac{e^x-e^{-x}}2\)对应的系数序列。i个元素有偶数个的方案数"系数序列"也一样,可以用\(\frac{e^x+e^{-x}}2\)表示。
那么\(f_i\)就能表示成\(([n](\frac{e^x-e^{-x}}2)^i(\frac{e^x+e^{-x}}2)^{D-i})\cdot n!\cdot \binom di\)。其中\([n]\)表示这个函数的\(n\)次项系数,乘\(n!\)是因为这个函数是EGF。但是这样似乎不太能继续推了,考虑重新定义\(f\)。令\(g_i\)表示原来\(f_i\)的定义。对于\(f_i\):钦定任意i个颜色必须选奇数个,其他颜色随便,并把方案数贡献到\(f_i\)。这样,对于\(i 现在的\(f_i=([n](\frac{e^x-e^{-x}}2)^i(e^x)^{D-i})\cdot n!\cdot \binom di\)。直接二项式定理暴力展开: 显然,这玩意儿可以写成一个以\(j\)为下标的序列和一个\(i-j\)为下标的序列卷积得到\(f_i\)的形式,所以可以\(O(DlogD)\)求出\(f\)。 总复杂度\(O(DlogD)\)。点击查看代码
#include
洛谷 P5401 [CTS 2019] 珍珠 题解
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